МИНИСТЕРСТВО ОБЩЕГО И ПРОФЕССИОНАЛЬНОГО ОБРАЗОВАНИЯ РОССИЙСКОЙ ФЕДЕРАЦИИ ВОЛГОГРАДСКИЙ ГОСУДАРСТВЕННЫЙ ТЕХНИЧЕСКИЙ УНИВЕРСИТЕТ КАМЫШИНСКИЙ ТЕХНОЛОГИЧЕСКИЙ ИНСТИТУТ КАФЕДРА ВЫСШЕЙ МАТЕМАТИКИ ДВОЙНЫЕ ИНТЕГРАЛЫ Методические указания и варианты заданий к самостоятельной работе РПК ”Политехник” Волгоград 1999 УДК 517.3 Двойные интегралы: Методические указания и варианты заданий к самостоятельной работе / Сост. Л.М.Петрова; Волгоград. гос. техн. ун-т. Волгоград, 1999. – 36 с. Излагаются основные определения и теоремы относящиеся к теме “Двойной интеграл” Приводятся примеры вычисления двойных интегралов и примеры их применения, а также варианты заданий к самостоятельной работе студентов по указанной теме. Предназначены в помощь студентам всех специальностей. Ил. 29. Табл. 4. Библиогр.: 2 назв. Рецензент В.Ф.Казак Печатается по решению редакционно-издательского Волгоградского государственного технического университета. © 2 совета Волгоградский государственный технический университет, 1999 §1. Двойной интеграл и его вычисление в декартовых координатах 1. Определение двойного интеграла Пусть z=f(x;y) - некоторая функция двух переменных, заданная на замкнутой области R 2 . Выполним следующие действия: разобьем область произвольно на n областей 1 , 2 , ... n таких, что любые две из них пересекаются либо по пустому множеству, либо по их общей границе; в каждой области i (внутри или на границе) выберем произвольную точку Р i (х i , у i ); найдем произведение значения функции f(x;y) в точке Рi (хi, уi) на площадь i ; сложим все такие произведения, получим сумму вида: f (x i ; yi ) i f (x i ; yi ) i . i 1 Определение. n n называется интегральной суммой для функции f(х;у) в i 1 области . Интегральная сумма зависит от способа разбиения области на части 1 , 2 , ... n и от выбора точек Р i (х i , у i ) на этих частях, т.е. для функции в области можно составить бесконечное множество интегральных сумм. Диаметром замкнутой области называется наибольшее из расстояний между двумя точками границы этой области. i ( i ) - диаметр i . Рис.1 Шагом разбиения области на конечное число частей называется наибольший из диаметров областей деления =max ( i ). Если при стремлении к нулю шага разбиения области интегральные суммы n f (x i ; yi ) i имеют конечный предел, то этот предел называют i 1 двойным интегралом от функции f(x,y) по области и обозначают 3 символами f (x, y)d или f (x, y)dxdy . Таким образом, по определению n f (x, y)d = lim f (x i ; yi )i , если 0 i 1 этот предел существует. §2. Достаточные условия существования двойного интеграла Теорема 1. Если функция z=f(x,y) непрерывна в замкнутой области , то двойной интеграл f ( x, y)d существует. Теорема 2. Если функция z=f(x,y) ограничена в замкнутой области и непрерывна в ней всюду, кроме конечного числа кусочно-гладких линий, то f ( x, y)d существует. §3. Простейшие свойства двойного интеграла Предположим, что все встречающиеся ниже функции удовлетворяют условиям теорем (1 или 2) существования двойного интеграла в рассматриваемых областях. 1. Двойной интеграл f ( x, y)dxdy не зависит от обозначения переменных. 2. Постоянный множитель можно выносить за знак двойного интеграла: f ( x, y)d = f ( x, y)d . 3. Двойной интеграл от суммы двух функций равен сумме двойных интегралов слагаемых: (f1 ( x, y) f 2 ( x, y))d = f1 ( x, y)d + f 2 ( x, y)d . ЗАМЕЧАНИЕ. Свойство 3 справедливо для любого фиксированного числа слагаемых. 4. Если область разбита на две, не имеющие общих внутренних точек области 1 и 2, то f (x, y)d = f ( x , y)d + f ( x , y)d . 1 2 ЗАМЕЧАНИЕ. Свойство 4 справедливо в том случае, если область разбита на любое конечное число m областей 1 , 2 , ... m , не 4 имеющих общих внутренних точек. Свойство 4 называется свойством аддитивности двойного интеграла. 5. Если всюду в области функция f(x,y)0, то f ( x, y)d 0. 6. Если всюду f1 (x, y)d f 2 (x, y)d . в области f 1 (x,y) f 2 (x,y), то 7. | f ( x, y)d | f ( x, y) d . 8. d . §4. Вычисление двойного интеграла в декартовых координатах 4.1. Рассмотрим область R 2 и проведем вертикальные прямые х=с (с=const) так, чтобы они пересекали область . Область R 2 называется вертикально-правильной, если каждая вертикальная прямая х=с (с=const) пересекает границу области не более, чем в двух точках Р 1 (х,у 1 ) и Р 2 (х,у 2 ). Рис.2 - вертикально-правильная, а область D не является вертикально-правильной. Вертикально-правильную неравенств область можно задать a x b; ( x ) y ( x ), : системой (1) где [a,b] — проекция области на ось ОХ. Двойной интеграл по вертикально-правильной области , заданной системой неравенств (1), вычисляется с помощью повторного интеграла: b (x) b (x ) a ( x ) а ( x ) f (x, y)d = f (x, y)dxdy = ( f ( x, y)dy)dx = dx f (x, y)dy . 5 Порядок вычислений (x) 1. Вычислить внутренний интеграл f ( x, y)dy , в котором х является ( x ) параметром (х постоянно). Результатом вычислений внутреннего (x) интеграла является некоторая функция от х f (x, y)dy J(x) . ( x ) b 2. Вычислить внешний интеграл J( x )dx. а 4.2. Область R называется горизонтально-правильной, если каждая горизонтальная прямая у=с (с=const) пересекает границу области не более, чем в двух точках Р 1 (х 1 ,у) и Р 2 (х 2 ,у). 2 Рис.3 Рис. 4 - горизонтально-правильная область . D - не является горизонтально правильной областью. [c; d] - проекция на ОУ. Область можно задать системой неравенств : c y d; ( y) x ( y). (2) Двойной интеграл по горизонтально-правильной области , заданной системой неравенств (2), вычисляется с помощью повторного интеграла d ( y) d ( y) c ( y ) c ( y) f (x, y)dxdy = ( f ( x, y)dx)dy = dy f ( x, y)dx . Порядок вычислений 6 ( y) f ( x, y)dx , в котором y является 1. Вычислить внутренний интеграл ( y ) параметром (у постоянно). Результатом вычислений внутреннего ( y) интеграла является некоторая функция от y f (x, y)dx J( y). ( y ) d 2. Вычислить внешний интеграл J( y)dy. c ЗАМЕЧАНИЕ 1. Если область не является правильной, то ее надо разбить на правильные области и вычислить двойной интеграл, используя свойство аддитивности двойного интеграла f (x, y)d = f ( x , y)d + f ( x , y)d + f ( x , y)d . 1 2 3 Рис.5 2. Если область является правильной, но хотя бы одна из ее границ не задается единой функцией, ее следует разбить горизонтальными или вертикальными линиями на подобласти. 7 Рис.6 В данном случае вычисление ведется по формуле f (x, y)d = f ( x , y)d + f ( x , y)d . 1 2 8 4.4. Отработка отдельных блоков схемы вычисления двойного интеграла Пример № 1. 3 x2 1 x 1 Вычислить повторный интеграл dx xydy . Решение 1. Вычислим внутренний интеграл, рассматривая в нем переменную х как параметр (т.е. const): x2 x2 2 xy 2 x x 1 J(x)= xydy = x ydy = | = (x 4 -x 2 +2x-1) = (x 5 -x 3 +2x 2 -x). 2 x 1 2 2 x 1 x 1 2. Вычислим внешний интеграл 3 13 5 3 2 J(x)dx 2 (x x 2x x)dx 1 1 x 6 x 4 x 3 x 2 3 182 26 1 | 10 2 57 . = 12 8 3 4 1 3 3 3 Вычисление можно записывать короче: 3 x2 3 x2 2 3 13 5 y2 x 3 2 dx xydy = xdx ydy = xdx ( 2 | )= 2 (x x 2x x)dx 1 x 1 1 x 1 1 x 1 1 x 6 x 4 x 3 x 2 3 | 57 1 . = 12 8 3 4 1 3 Пример № 2. 4 Вычислить повторный интеграл 2 y dy 0x y3 2 y 2 dx . Решение 1. Вычислим внутренний интеграл, рассматривая в нем переменную у как параметр (т.е. const): y y y 2 xy 2 dx = y J(y)= = y arctg | y (arctg 1- arctg 0)= . 2 2 2 2 4 y y x y x y 0 0 0 y3 3 dx 3 1 2. Вычислим внешний интеграл. 9 4 y 2 y 3 4 4 2 dy y dy | 6 . 4 4 12 2 2 2 Вычисление можно записывать короче: y 4 4 y3 dx 1 xy 3 3 dy x 2 y 2 dy y dy x 2 y 2 y dy( y arctg y 0| ) 2 0 2 0 2 4 2 y 3 4 = y dy | 6. 4 2 12 2 4 y Пример № 3 Расставить пределы интегрирования в двойном интеграле f (x; y)dxdy по области , где ограничена линиями: у=2-х2; у=2х-1. Решение 1. Построим область . Рис.7 2. Область является вертикально-правильной, поэтому вычисляем двойной интеграл по формуле b (x ) a ( x ) f (x; y)dxdy = dx f ( x, y)dy. 3. Определим внешние и внутренние пределы интегрирования. Спроецируем область на ось ОХ, получим а=-3, b=1. Проведем прямые параллельные оси ОУ и найдем уравнения линии входа в область и линии выхода из области : увх=2х-1 и увых=2-х2. Таким образом, 1 2 x 2 2 2 x 1 f (x; y)dxdy = dx f (x, y)dy. Пример № 4. 10 Расставить пределы интегрирования в f (x; y)dxdy по области , где ограничена линиями у =2х и у=х-4. 2 Решение 1. Построим область . Область d c ( y ) f (x; y)dxdy = dy является ( y) Рис.8 горизонтально-правильной, поэтому f ( x, y)dx. 2. Определим внешние и внутренние пределы интегрирования. Спроецируем на ось ОУ, получим с=-2; d=4. Проведем прямые параллельно оси ОХ и определим уравнения линии входа в область и выхода из нее. Линия входа в область задается функцией у 2 =2х. Выразим y2 переменное х: хвхода= . 2 Линия выхода из области задается функцией у=х-4. Выразим переменное х: хвыхода=у+4. y 4 4 Таким образом, f (x; y)dxdy = dy 2 f ( x, y)dx. 2 y /2 Пример № 5 Расставить пределы интегрирования в двойном интеграле f (x; y)dxdy по области , где ограничена линиями у=(х+1)2; у=(х-1)2; у=0. Решение. 1. Построим область . 11 Рис.9 2. Область является вертикально-правильной, но две ее границы заданы разными функциями: у=(х+1)2 и у=(х-1)2, поэтому f (x; y)dxdy = f (x; y)dxdy + f (x; y)dxdy = 1 0 ( x 1) 1 0 = dx 2 2 1 ( x 1) 2 0 0 f (x, y)dy + dx f (x, y)dy . ЗАМЕЧАНИЕ Область является также и горизонтально правильной и тогда 1 1 y 0 1 y f (x; y)dxdy = dy f ( x, y)dx. Пример № 6. Вычислить двойной интеграл (2x y)d по области , заданной неравенствами : х+у0; 2y-х0; у1. Решение 1. Построим область : х+у0; 2y-х0; у1. Рис.10 интегрирования 2. Расставим пределы и вычислим двойной интеграл. Область является горизонтально-правильной и вертикальноправильной, но целесообразно выбрать формулу 12 d ( y) f (x; y)d = dy f (x, y)dx , c так как иначе придется вычислять два ( y) двойных интеграла. 1 2y 1 0 y 0 2y (2x y)dxdy dy (2x y)dx dy((x yx ) |y) 1 1 2 dy(4 y 2 y y y ) 6 y dy 2 y 2 2 2 2 0 2 3 0 1 | 2. 0 Пример № 7. Вычислить двойной интеграл 2 y e dxdy по области , заданной неравенствами 0х1; ху1. Решение 1. Построим область . Рис.11 2. Область является правильной, тогда e y2 1 1 0 x 2 dxdy dx e y dy . Вычислить этот интеграл в указанном порядке невозможно, так как 2 y e dy не выражается в элементарных функциях. Изменим порядок интегрирования: 13 e 1 e y2 y2 1 y 2 dxdy dy e y dx 0 0 1 2 y y dy dx e 0 0 y 1 0 0 2 dy( x | ) ye y dy 0 1 1 y2 1 y2 1 1 2 e d ( y ) e | (e 1). 20 2 0 2 4.5. Задания к § 4 1. Вычислить двукратные (повторные) интегралы: 2 3 2 0 5x г) dx 0 0 1 б) dy ( x 2 y)dx ; а) dx ( x 2xy)dy ; 0 5 y2 0 2 в) 0 0 v u dv e v du ; 0 4 x y 2 dy . e 1 506 ; . 15 2 Ответы: 26; -11,2; 2. Изменить порядок интегрирования в следующих интегралах: 4 4 0 1 x 2 2 2 y y 1 x 1 1 1 y dx udy ; а) dy f ( x, y)dx ; б) г) dy zdx ; д) 1 2 1 2x 2 0 x в) dx 4 2 2 y2 0 2x x 2 dy dx ; e) dx qdy ; dy . Ответы: 4 x 2 2 1 y 1 0 1 y 2 б) dy а) dx f ( x, y)dy ; 1 2 2 2 1 1 2 1 x 1 x 0 г) dx zdy dx zdy ; д) dx 2 1 1 1 y е) ( 0 0 dx 2 x 2 0 0 1 4 1 1 x dy dx 2 2 dx)dy dy dx . 1 1 y2 1 0 14 y в) dy qdx dy udx ; x 1 dy ; 2 y qdx ; 0 3. Вычислить двойной интеграл (x y)dxdy , где область D - D треугольник, ограниченный прямыми х=0; у=0; х+у=3. Ответ: 9. 4. Вычислить двойной интеграл неравенствами y Ответ: xdxdy 2 Dx y 2 , если область D задана x ; ух; 0х2. 2 1 2arctg . 2 2 5. Вычислить двойные интегралы по областям, ограниченным указанными линиями a) ydxdy ; y=0; y= 2ax x 2 ; sin( x y)dxdy ; y=0; y=x; x+y=/2; x 2 D б) D в) x 2 ( y x )dxdy ; x=y2; y=x2. D Ответы: 6. 4 5 a; 5 1/2; -1/504. Вычислить двойной интеграл xy 2 dxdy , если ограничена линиями у =2рх и х=р/2 (р>0). 2 p5 Ответ: . 21 7. Вычислить двойной интеграл (x 2 y 2 )dxdy , D параллелограмм со сторонами у=х, у=х+а, у=а, у=3а (а>0). Ответ: 14а4. §5. Замена переменных в двойном интеграле 15 если D- 5.1. Пусть функции х=х(u,v) и y=y(u,v) взаимно - однозначно отображают область G в плоскости UOV в область в плоскости ХОУ , причем эти функции в области G непрерывно дифференцируемы, и якобиан J(u,v)0: x x J(u,v)= u v 0. y y u v Тогда f ( x, y)dxdy f ( x (u, v), y(u, v) J dudv . G Как правило, к новым переменным в двойном интеграле переходят для упрощения уравнений границ области . 5.2. Наиболее распространенным случаем является переход к полярным координатам: x=cos, y=sin. Якобиан этого отображения равен x J= u y u x x v = y y v поэтому x cos sin = =(cos2+sin2)=, y sin cos f (x, y)dxdy f ( cos , sin )dd . G Расстановка пределов в полярных координатах. Область называется радиально-правильной, если каждый радиуслуч, выходящий из полюса, пересекает границу области не более, чем в двух точках: 1(,1) и 2(,2), 12, причем в точке 1 луч “входит “ в область , а в точке 2 “выходит” из области . Рис.12 Рис. 13 Область - радиально-правильная. Область - радиальнонеправильная. 16 Множество всех точек “входа” (“выхода”) образуют внутреннюю (внешнюю) границу области . На рис.12 =1() - внутренняя граница, =2() - внешняя граница области . Двойной интеграл по области в полярных координатах по области сводится к повторному интегралу. 2 () 1 () f (x, y)dxdy d f ( cos, sin )d . Замечание. Точек “ входа” в область может не быть , если начало луча =const (полюс) уже лежит в области . В этом случае уравнение внутренней границы =0. Для области на рис.14 верно () 0 f ( x, y)dxdy d f ( cos, sin )d . Рис.14 Замечание. Если область не является радиально-правильной, то ее следует разбить (например, радиальными прямыми) на несколько подобластей, каждая из которых является радиально-правильной 2 () 3 ( ) 1 () 1 () f (x, y)dxdy d f ( cos, sin )d + d f ( cos, sin )d . 17 Рис. 15 5.3 Примеры Пример 1. Вычислить двойной интеграл xy 2 2 Dx y x 2 +y 2 2x, y0. D задана неравенствами x 2 +y 2 4, dxdy , где область Решение 1. Построим область D. Рис.16 2. Выразим уравнение границ области D в полярных координатах: а) x2+y2=4 2=4 =2; б) x2+y2=2x 2=2cos =2cos ; в) y=0 sin=0 =0 или = при 0. 3. Подынтегральная функция в полярных координатах имеет вид cos sin cos sin xy f(x,y)= = = . 2 x 2 y2 4. Расставляем пределы и вычисляем двойной интеграл. Область D не является радиально-правильной, разбиваем ее на две области D1 и D2. f (x, y)dxdy f ( x, y)dxdy f ( x, y)dxdy D D2 D1 18 поэтому 2 2 cos sin cos sin d d d d 0 0 2 cos 2 2 2 2 2 0 0 d(cos sin ) d d(cos sin ) 2 2 cos d 2 2 (cos sin )d (cos sin )( 2 2 cos)d 2 0 2 1 2 (cos sin )d 2 (cos sin cos2 sin 2)d 2 0 2 2(sin cos) | 2(sin cos 2 2 1 1 sin 2 cos 2) | 3 1,43. 2 4 4 2 0 5.4. Наряду с обычными полярными координатами, применяются также обобщенные полярные координаты: x a cos y b sin x2 a 2 y2 b 2 =2. В этих координатах уравнение эллипса x2 2 y2 2 =1 превращается в =1. a b Якобиан для этой системы координат равен a cos a sin J= =ab(cos2+sin2)=ab. b sin b cos x 2 y2 Вычислить x dxdy , где область D ограничена эллипсом =1. 4 9 D 2 Решение x 2 cos ; y 3 sin . 1. Перейдем к обобщенным полярным координатам 19 В новых неравенств координатах область будет задаваться системой 0 2; 0 1. 2. Якобиан J=ab=6. 3. Подынтегральная функция f(x,y)=x2=42cos2. 4. Вычисляем интеграл: x 2 1 0 0 3 2 dxdy d 24 cos d 24 D 2 2 в 2 новых 2 cos 0 координатах равна 1 d 3d = 0 2 2 2 1 2 4 1 1 cos2 2 =24 cos d( | ) 6 cos d 6 d 3( | sin 2 | ) 6. 4 0 2 0 2 0 0 0 0 2 5.5. Кроме полярных координат, иногда прибегают к другим криволинейным координатам, если в них уравнения границ области значительно упрощаются. Пример № 3. Вычислить двойной интеграл x y 2 dxdy по области D, D ограниченной линиями xy=1; xy=4; y Решение 1. Построим область D XOУ. x ; y=2x; (x, y>0). 2 Рис.17 2. Введем новые координаты: u=xy; v=y/x. В этих координатах границы области будут: x y 1 1 xy=1 u=1 ; y v ; 2 x 2 2 20 Рис.18 y 2 v 2. x То есть в координатах u и v область D представляет собой прямоугольник со сторонами параллельными новым координатным осям: 1 1u4; v 2 (см. рис. 18). 2 3. Вычислим якобиан отображения. Выразим x и y через u и v : uv y 2 u u xy x (по условию x>0, y>0). v y u v 2 x v y uv x Найдем частные производные х’u , x’v , y’u , y’v : u 1 x’u= ; x’v=; 2v v 2 uv xy=4 u=4 ; y 2x v u ; y’v= . 2 uv 2 uv Найдем якобиан отражения: y’u= 1 u 2v v 1 ( 1 1 ) 1 0 при 1 v 2 . J= 2 uv v u 2 4 v v 2v 2 uv 2 uv 4. Выразим подынтегральную функцию f(x,y)=xy2 через u и v: 3 1 u f(x,y)=xy2= uv u 2 v 2 . v 5. Расставляем пределы по u и v и вычисляем интеграл: 2 3 1 4 3 2 1 1 dv 2 2 2 xy dxdy du u v 2v dv 2 u du v D 1 1/ 2 1 1/ 2 4 2 4 3 2 4 3 2 4 3 2 5 2 4 1 1 1 1 2u u ( 2 u | ) u ( 2 ) du ( 2 ) u du ( 2 ) | 21 1/ 2 2 2 1 2 5 1 1 2 5 2 2 (25 1) 2 31 31 2 . 5 5 2 5.6. Задание к § 5 21 sin dd , 1. Вычислить двойной интеграл D кривой сектор , ограниченный линиями p=a, = a2 Ответ: . 2. 2. Вычислить двойной интеграл 3. Вычислить двойной интеграл , и =. 2 sin dd , если область D есть D полукруг 2acos, 0 . 2 2a 2 Ответ: . 3 если область D есть sin dd , если область D D заключена между линиями =2+cos и =1. Ответ: 0. 4. Преобразовать к полярным координатам и затем вычислить dxdy двойной интеграл , где область D-круговое кольцо, 2 2 D x y заключенное между окружностями x2+y2=1; x2+y2=4. Ответ: 2. 5. Вычислить двойной интеграл 2 dd , если область ограничена: a) окружностями =a, =2a; б) первым завитком спирали =a и полярной осью; в) кривой =asin 2. 14a 3 4 4 a 3 Ответы: , ,0. 3 3 6. Преобразовать к полярным координатам и вычислить двойной интеграл: a) xy 2 dxdy , если область R ограничена линиями: x2+(y-1)2=1 и R x2+y2=4y; б) x e 2 y2 dxdy , если область D: x 2 +y 2 a 2 . D Ответы: 0; (1 e a ) . 7. Вычислить следующие интегралы, переходя к подходящей системе 2 22 координат: a) (3xy)dxdy, где область D ограничена прямыми: D 2x+y=1; 2x+y=5; x-3y=2; x-3y=4. Ответ: 204/49. б) xydxdy, где область D ограничена линиями p y= x ; y= 3x ; x=1; x=4. Ответ: 7. в) (x 2 y 2 )dxdy, где область R задана неравенствами: R x 2 y2 1; x 0. 25 4 Ответ: 145. § 6. ПРИЛОЖЕНИЯ ДВОЙНОГО ИНТЕГРАЛА 6.1. Основные формулы приложения двойного интеграла 1. Площадь области DR2 выражается формулой S= dxdy в D декартовых координатах и S= dd в полярных координатах. D 2. Объем тела, ограниченного сверху непрерывной поверхностью z=f(x,y) (f(x,y)0) , снизу плоскостью z=0 и с боков цилиндрической поверхностью, вырезающей на плоскости OXY область D (см. рис. 19) находится по формуле V= f ( x, y)dxdy . D 23 Рис. 19 3. Площадь поверхности P, заданной уравнением z=f(x,y) и проецирующейся на плоскость OXY в область DR2 (см. рис. 20), S(P) 1 (f x ) 2 (f y ) 2 dxdy . вычисляется по формуле: D Рис. 20 4. Масса плоской пластины D с плотностью (x,y) равна m= ( x, y)dxdy . D 5. Координаты центра масс PC(xc,yc) плоской пластины D плотностью (x,y) вычисляются по формулам: 1 1 x c x( x, y)dxdy; y c y ( x, y)dxdy. m D mD с 6. Моменты инерции пластинки DR2 относительно координатных осей OX и OY выражаются формулами: J x ( x, y) y 2 dxdy; J y ( x, y) x 2 dxdy . D D 6.2. Примеры применения двойного интеграла к решению геометрических и физических задач Пример № 1. Найти площадь области, ограниченной линиями: 3 2 3 y =x ; y =8(6-x) . Решение Построим данные полукубические параболы. 2 Точки пересечения кривых А и С найдены путем реше 24 совместного ния уравнений y2=x3 и y2=8(6-x)3. Рис. 21 Фигура симметрична относительно оси OX и ее площадь S равна удвоенной площади криволинейного треугольника OBC: 2 8 1 6 y 3 2 2 8 2 1 S 2 dxdy 2 dy dx 2 (6 y 3 y 3 )dy 2 2 OBC 0 0 y3 8 2 5 8 3 9 2 2 (6 y 3 )dy 2(6 y y 3 ) | 38 (кв.ед.). 2 10 5 0 0 Пример № 2. Найти площадь области D, ограниченной линиями =acos; =bcos; b>a>0. Решение Построить данные линии (окружности) в полярной системе координат. 25 Рис. 22 Найдем площадь S , ограниченную линиями области D по формуле / 2 b cos S dd 2 D 2 2 d 2 0 /2 dd 2 d d ABO 0 a cos b2 a 2 / 2 | (b a ) cos d (1 cos 2)d 2 a cos 0 0 b cos 2 2 / 2 2 / 2 b2 a 2 1 ( sin 2) | (b 2 a 2 )(кв.ед.). 2 2 4 0 Пример № 3. Вычислить площадь фигуры, ограниченной линиями (x 2 +y 2 ) 2 =8a 2 xy; x 2 +y 2 =a 2 (a>0, x 2 +y 2 a 2 ). Решение Площадь фигуры, ограниченной данными линиями, проще вычислить, переходя к полярным координатам. Найдем уравнение линий в полярной системе координат: а) (x2+y2)2 =8a2xy. Положим, в данном уравнении x=cos, y=sin: (2cos2 +2sin2)2=8a22cossin 4=4a22sin2 или p2=4a2sin2 или =2a sin 2 (лемниската) б) x2+y2=a2 (a>0) 2=a2 =a (окружность с центром в точке O и радиусом равным a). Построим кривые в полярной системе координат. Рис. 23 Рис. 24 Искомая площадь S=2S1. см. рис.23 В свою очередьS1=2S3+2S4. см. рис. 24. Для нахождения S3 и S4 необходимо знать пределы . Для этого решим систему a 1 1 1 1 2a sin 2 a sin 2 = sin 2 arcsin . 2 4 2 4 2a sin 2 26 a2 S3= d d 2 1 1 arcsin 0 / 4 2 S4 1 2 a 4 1 1 arcsin 2 4 a2 1 1 d 2 ( 4 2 arcsin 4 ) ; 1 1 arcsin / 4 2 2a sin 2 d d 0 0 1 1 arcsin 2 4 0 4 1 1 arcsin 2 4 2 d 0 2 2a sin 2 | 0 1 4a 2 sin 2d (2a 2 cos 2) 2 1 1 arcsin 2 4 | 0 1 1 1 15 a 2 (cos(2 arcsin ) 1) a 2 (cos arcsin 1) a 2 ( 1) 2 4 4 4 15 a 2 (1 )(кв.ед). 4 1 1 1 15 Замечание сos arcsin 1 (sin arcsin ) 2 1 ( ) 2 . 4 4 4 4 1 1 15 ). Таким образом, S1=2S3+2S4=a2( arcsin ) 2a 2 (1 4 2 4 4 Площадь 1 1 15 1 ) a 2 ( arcsin 4 15 ). S=2S1=2a2 ( arcsin ) 4a 2 (1 4 2 4 4 2 4 1 Ответ: S=(4- 15 arcsin ) a 2 (кв.ед.). 2 4 Пример № 4. Вычислить объем тела, ограниченного поверхностями y=x2; y=1; x+y+z=4; z=0. Решение Данное тело представляет вертикальный цилиндр, который сверху ограничен частью плоскости z=4-x-y, а снизу - частью плоскости XOY, заключенной между параболой y=x2 и прямой y=1 (см. рис. 25). 27 Рис. 25 Рис. 26 Объем тела ХОУ. V Проекция тела на плоскость 1 y 0 y f ( x, y)dxdy (4 x y)dxdy dy (4 x y)dx OAB OAB 1 x2 y 68 dy((4 y) x ) | 2 (4 y) ydy (куб.ед.). 2 15 y 0 0 1 Пример № 5. Вычислить объем тела, ограниченного поверхностями z=4-x2-y2; 2z=2+x2+y2. Решение Тело изображено на рис. 27. Рис. 25 Линия пересечения L поверхностей определяется системой уравнений: z=4-x2-y2 и 2z=2+x2+y2. Исключим из системы этих уравнений переменное z: z 4 x 2 y 2 x 2 y2 1 4 x 2 y2 x 2 y2 2 . 2 2 2 2 2z 2 x y Итак, уравнения L имеет вид х2+у2=2. 28 В пространстве уравнение x2+y2=2 представляет собой цилиндрическую поверхность, которая проходит через линию L и проецирует ее на XOY. Рис.28 Проекция тела на ХОУ. Объем тела можно вычислить как разность двух объемов: V=V11 3 V2= (4 x 2 y 2 )dxdy (2 x 2 y 2 )dxdy (2 x 2 y 2 )dxdy . 2 2 Чтобы упростить вычисление интеграла, перейдем к полярным координатам. Полагая x=cos, y=sin и заменяя dxdy на dd, получим 2 3 3 2 2 V (2 p )dd d (2 3 )d 2 20 0 3 2 4 2 3 2 2 d( ) | d 3(куб.ед.). 20 4 0 20 Пример № 6 Найти площадь части конуса z= x 2 y 2 , вырезаемой сферой 29 x2+(y-2)2+z2=4. Решение Рис.29 Рис.30 Найдем проекцию линии пересечения конуса и сферы на плоскость XOY, для чего приравняем z в обоих уравнениях: z2 x 2 y2 4 x 2 ( y 2) 2 x 2 y 2 x 2 y 2 2 y 2 2 2 z 4 x ( y 2) 0 x 2 ( y 1) 2 1. Проекцией линии пересечения конуса и сферы на XOY является окружность радиуса R=1, с центром в точке C(0;1). Область D изображена на рис. 30. S= 1 (z x ) 2 ( x y ) 2 dxdy . D Найдем zx ( x 2 y 2 )x x x y 2 2 , zy ( x 2 y 2 )y y x y 2 2 ; x2 y2 2( x 2 y 2 ) 1 (zx ) (zy ) 1 2 2. x y2 x 2 y2 x 2 y2 2 2 S= 2dxdy 2 dxdy 2S(D) 2 2 (кв.ед.). D D 30 Замечание dxdy S(D) (площадь области D). D 6.3. Задание к § 6 1. Вычислить площадь фигуры, ограниченной x+y=6. 1 Ответ: (кв.ед.). 6 линиями x=4y-y2; 2. Вычислить площадь фигуры, ограниченной линиями y=2-x ;y =4x+4. 64 Ответ: (кв.ед.). 3 3. Вычислить площадь фигуры, ограниченной линиями xy=a2; x+y 5a = (a>0). 2 2 Ответ: ( 15 2 ln 2)a 2 (кв.ед.). 8 4. Вычислить площадь фигуры, ограниченной окружностями =1, = Ответ: 2 cos (вне окружности =1). 3 1 (3 3 ) (кв.ед.). 18 5. Вычислить площадь фигуры, ограниченной кривыми: а) (x 2 +y 2 ) 2 =-2a 2 (x 2 -y 2 ); x 2 +y 2 =a 2 (x 2 +y 2 a 2 ). Ответ: а 2 ( 3 ) (кв.ед.). 3 2 2 2 б) (x +y ) =8a 2 xy; x 2 +y 2 =a 2 (а>0, x 2 +y 2 a 2 ). 15 Ответ: а 2 (4 15 arccos ) (кв.ед.). 2 4 6. Найти координаты центра тяжести фигуры, ограниченной линиями y 2 =4x+ 4; y 2 =-2x+4 (плотность (x,y)=const). 2 Ответ: ( ,0 ). 5 7. Определить центр тяжести площади, ограниченной кардиоидой =a(1+cos). 31 Ответ( 5a ,0 ). 6 8. Найти центр тяжести площади, ограниченной одной петлей кривой =asin2. 128а 128а Ответ: ( ). , 105 105 9. Найти центр тяжести площади, ограниченной линиями y= 2x x 2 ; y=0. 4 Ответ: (1, ). 3 10. Вычислить момент инерции площади, ограниченной линиями y= 4 x ; x+y=3; y=0 относительно оси OX. Ответ: 2,4. 11. Вычислить массу квадратной пластинки со стороной а, плотность которой в любой точке пропорциональна квадрату расстояния этой точки от одной из вершин квадрата. 2a 4 k Ответ: . 3 12. Вычислить площадь части поверхности цилиндра содержащейся между плоскостью XOY и конусом x2+y2=z2. Ответ: 8a2(кв. ед.). 13. Вычислить площадь параболоида между цилиндром y2=x и плоскостью x=1. Ответ: x2+y2=2ax, y2+z2=2x, содержащейся (3 3 1) (кв.ед.). 3 14. Найти объём тела, ограниченного поверхностями: z=y2; x2+y2=4; z=0. Ответ: 4 (куб.ед .). 15. Найти объём тела, ограниченного конусом гиперболоидом x2-y2+z2+1=0. 4 Ответ: ( 2 1) куб.ед. 3 2(x2+z2)-y2=0 и § 7. ИНДИВИДУАЛЬНЫЕ ЗАДАНИЯ К ТЕМЕ “ ДВОЙНОЙ ИНТЕГРАЛ И ЕГО ПРИЛОЖЕНИЯ “ 32 7.1. Задача№1. Расставить пределы интегрирования в двойном интеграле f ( x, y)dxdy двумя способами в декартовых координатах. D Сделать рисунок области D. № варианта 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 Линии, ограничивающие область D y=x+3; y=3x-5; y=0 y=x+6; x+y=4; x=0 y=x+6; y=x2 2 2 2 x=y ; x +y =4x (внутри параболы) x2+y2=10; y=x+2 (ниже прямой) x=y2-3; y=2x x+y=0; y=2x-3; 2y=x+3 y=2ex; y=e2x-3; x=ln(1/2) y=x2+3x; x+y=0 x=5-y2; 2x+y2=6 2 2 x +y =25; x+2y+5=0 (выше прямой) xy=3; y=3x; x=3y (x,y>0) x2-y2=1; x=0; y=0; y= -2 (x0) xy+4=0; y+4x=0; x+4=0; y=0 x2+4y2=4; 2y+x=2 (ниже прямой) 7.2. Задача № 2. Изменить порядок интегрирования в повторном интеграле и нарисовать область интегрирования. 0 x 1 1 x 1 1 y 0 y 1 2 2x 3 6 2 x 0 0 2 0 dx 2f (x, y)dy. 1. 2. dy 3. dx f ( x, y)dx. f ( x, y)dy dx f (x, y)dy. 33 0 2 4 x 4 2 4 x dx 4. f (x, y)dy. 6 0 0 6x x 2 5. dx f (x, y)dy. 0 3x 3 2 3 x 1 0 x 1 3 0 x 1 3 y 1 y dx f ( x, y)dy dx f ( x, y)dy. 6. dy f ( x, y)dx. 7. 3 x 3 8. dx f ( x, y)dy. 0 x 3 2 2 2 y 2 2 y 0 y 1 9. dy f ( x, y)dx. + dy f ( x, y)dx. 4 2x 0 2 x 4 x 0 2 4 1 2 1 10. dx f (x, y)dy. 11. dx f ( x, y)dy + 3 3 y 2 12. dy 0 2 dx f (x, y)dy. f (x, y)dx. y 3 x 2 2 13. dx f (x, y)dy. 2 x 2 34 4 1 ln y 2 1 ln y 14. dy 15. f ( x, y)dx. 0 2 4 2 1 4 x 0 2x dx f (x, y)dy + dx3 f (x, y)dy. 7.3. Задача № 3. Вычислить 1 2 3 4 5 6 Функция f(x,y) x 2 y2 x2 – y2 1 x 2 y2 y xy xy xy 9 10 11 x 2 y2 2x+y x y x2+y2 X y 12 x 2 y2 x+y 7 8 перейдя к полярным D координатам. № варианта f (x, y)dxdy , x2 Неравенства, задающие область D x2+y22y; y1 x2; y -x; yx yx; y0; y1; x2+y24 x2+y26x; yx; y0 0x2; x2+y24; -2y0 x2+y24; x2+y22y x2+y24; x1; x+y0 yx; y 3 ;xy2 x2+y2+4x0; x+20; y0 x2+y22; x2+y22y x2+y24x; x2+y28; yx x2+y2+2y0; y+10 35 13 14 x1; x2+y24; - xyx x2+y21; x2+y24; 0y1; x0 y-x y x xy 15 yx; x2+y22y; x2+y2+4x0 x 2 y2 7.4. Задача № 4. Вычислить с помощью двойного интеграла объем тела, заданного неравенствами № варианта Неравенства, задающие тело в пространстве 1 x0; x y ; x+y+z 6; z0 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 y0; yx+3; x+z20 x0; xy+z+3; zy; y z2-4z z0; z x+1; y z-3x; y x-z 2z x2+y2; z 6-x2-y2 x2+y24x; z x 2 y 2 ; z 0 Z x2+y2; z 4y z x2 y2 ; z 1 2 (x y 2 3) 4 x2+y26z; x2+z29; y0; y z xy; y+2x0; y2; z0; zx2+y z2y; z23y-4; x0; x z 2y x; xy2; z 0; z 2x-y z y2; x2+ z 4 yx+2; y2; z y; z 3y+x-1 z x2-3x; yx2+z2; yz2+xz 36 7.5. Задание № 5 Вычислить площадь части поверхности которой удовлетворяют условию. Условие № Поверхности S варианта S, координаты точек Условие 1 z= 16 y 2 x2+z216 2 z= 8 x 2 y 2 x y 2 z 2 3 z= 9 x 2 x2+y29 4 x= y 2 z 2 z= 4 - y2 3x-y+z=2 z=xy x22y x2+y2=z2+1 x2+z2=y2-1 x-4y+2z+3=0 y2+z2=2x x2+z2=3y x2+y24 x2+z21 xy2+z2 z2x, x1 x2+z2+y218 y= 2 x x 2 x2+z2=4 z0, z x 2 y 2 y2-x2=z2 x2+y24y 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 x2-4y21, y21 yx2+z2 z0, 0x 1 y 2 yx, y2x Список рекомендуемой литературы 1. Данко П.Е. и др. Высшая математика в упражнениях и задачах. / Данко П.Е., Попов А.Г. – 2-е изд., -М.: Высшая школа, 1974. –464с. 2. Запорожец Г.И. Руководство к решению задач по математическому анализу / 3-е изд., доп. –М.: Высшая школа, 1964. – 479с. Оглавление: 1. 2. 3. Двойной интеграл и его вычисления в декартовых координатах ………..3 Замена переменных в двойном интеграле …………………………………16 Приложения двойного интеграла ……………………………………………. 4. Индивидуальные задания к теме “Двойной интеграл и его приложения” 23 32 37 Составитель Любовь Михайловна Петрова ДВОЙНОЙ ИНТЕГРАЛ Методические указания и варианты заданий к самостоятельной работе 38 Редактор Л. Б. Морева Темплан 1999г. поз.№ 153 Подписано в печать . Формат 60х84 1/16 Бумага газетная. Печать офсетная. Усл.печ.л. Уч.-изд.л. . Тираж 100 . Заказ . . Волгоградский государственный технический университет. 400066 Волгоград, пр. Ленина,28 РПК «Политехник» Волгоградского государственного технического университета 400066 Волгоград, ул.Советская,35. 39 40