Объект задания масса пластины принята равной 1 кг Задача А Тело вращается с постоянной угловой скоростью . Найти 1. Дифференциальное уравнение относительного движения точки. 2. Положение относительного равновесия, если оно существует. 3. Закон относительного движения и скорости точки. 4. Скорость точки в момент, когда точка покидает тело 5. Закон изменения реакции тела на точку и ее значение в момент, когда точка покидает тело. 6. Выражения для составляющих главного вектора реакций шарниров тела. Задание И1. Основное уравнения динамики относительного движения точки. Теорема о движении центра масс системы. 1. Составляем уравнение динамики относительного движения точки (1.1) Центробежная сила инерции равен Фe = mwe = mω2h; h = a – xcosα Сила Кориолиса всегда направлена от оси вращения тела. Ее модуль направлена вдоль оси z (Рис.2). Проекция поскольку (точка вылетает), а . Проектируя уравнение (1.1) на ось х, получаем дифференциальное уравнение относительного движения точки m x mg cos e cos mg cos m 2 (a x cos ) cos x g cos 2 (a x cos ) cos 1 x 5 2 2 2 7 2 (1.2) 2 2. Положение относительного равновесия находится в точке, где ускорение равно нулю. Это точка Р с координатой x 2 x cos 2 g cos 2 a cos или x x x 0 14 2 При заданных начальных условиях точка движется против направления оси х. 3. Найдем закон относительного движения и скорости точки. Это обратная задача динамики. Решение неоднородного уравнения (1.1) ищем в виде Решение однородного уравнения ищем в виде Подставляя решение в однородное уравнение, приходим к характеристическому уравнению с вещественными корнями 2 2 cos 2 0; 1,2 cos Решение принимает вид xoo C1e t cos C 2 e t cos Частное решение ищем в виде правой части, т.е. постоянной 2 xч cos 2 g cos 2 a cos ; xч a g 2 cos cos Полное решение уравнения (1.1) a g x C1e t cos C 2 e t cos 2 ; x cos C1e t cos cos C 2 e t cos cos cos (1.3) Постоянные в (1.3) находим из начальных условий t 0; x0 5 м; x0 5 м / с (1.4) Подставив (1.4) в (1.3), получим: a g x0 C1 C 2 2 ; x 0 cos (C1 C 2 ) cos cos Иначе x0 x0 a g C 2 C1 ; x0 2C 2 2 ; cos cos cos cos x0 a g x0 a g x0 2 2C 2 ; x0 2 2C1 ; cos cos cos cos cos cos 5 9 59 2 5 19 2 C1 ; C2 2 2 2 2 Решение с учётом значений приобретает вид 5 9 2 t cos 5 19 2 t cos a g e e 2 2 2 cos cos С учетом начальных условий (1.4) x 5 9 2 t x e 2 x 2 2 5 19 2 t e 2 5 2 18 t e 4 2 2 2 2 4 2 10 2 ; 5 2 38 t e 4 2 2 (1.5) 4. Найдем скорость точки в момент, когда она покидает тело. Можно было бы из закона движения определить соответствующий момент времени и подставить его в закон изменения скорости. Но проще найти зависимость скорости точки от ее перемещения известной заменой Которая фактически приводит к теореме об изменении кинетической энергии точки. Получаем x dx 2 x cos 2 g cos 2 a cos dx или x d x ( 2 x cos 2 g cos 2 a cos )dx Интегрируя, находим зависимость относительной скорости точки от ее перемещения x 2 2 x 2 cos 2 2 gx cos 2 2 ax cos C3 (1.6) Из начальных условий (1.4) находим C3 x0 2 x 2 cos 2 2 gx cos 2 2 ax cos 25 2 25 100 2 40 2 25 140 2 2 2 м /с 2 2 2 2 Находим скорость при x1 C3 50 280 2 м/с 2 5. Найдем закон изменения реакции тела на точку. Это прямая задача динамики. Проекция уравнения (1.1) на ось y: 0 = Ny – mgcosα + Фecosα дает проекцию реакции стержня на ось y N y mg cos m 2 (a x cos ) cos (1.7) Проектируя уравнение (1.1) на ось z, находим: Теперь проекция нормальной реакции стержня на ось z равна N z 2m x cos 20 2 x Н (1.8) зависит от найденной относительной скорости точки (1.5). В момент, когда точка покидает тело N y mg cos m 2 (a x cos ) cos 100 2 40 2 140 2 Н N z 20 2 50 280 2 10 560 50 2 Н 2 (1.9) 6. Составляющие реакции шарнира R найдем по известным ускорениям тела и точки из теоремы о движении центра масс Это прямая задача динамики. Mwc = M1wc1 + mw = R1 + R2 где R1 составляющая от ускорения центра тяжести пластины, а R2 от ускорения точки. Последнее состоит из относительного, переносного и Кориолисова ускорений: R2 R2r R2e R2c mwr mwe mwc Направления составляющих изобразим на рисунке и вычислим их величину R1 m пластины 2 a 2 R2e m 2 (a x cos ) R2r m x m( 2 x cos 2 g cos 2 a cos ) R2c mwc 2m x (1.10) 3 7.01 Задание И3. Уравнения Лагранжа. Теорема об изменении кинетической энергии. 1. Методом Лагранжа получить дифференциальное уравнение относительного движения точки, найденное в И1. 2. С помощью теоремы об изменении кинетической энергии найти реакцию тела на точку, и сравнить ее с результатом в И1. Решение 1. Найдем дифференциальное уравнение относительного движения точки из уравнения Лагранжа Абсолютная скорость V точки складывается из переносной и относительной скоростей (см. Рис. на стр. 3) V 2 x 2 ve ; ve h; h a x cos (3.2) 2 Таким образом, кинетическая энергия приобретает выражение m m T ( x 2 2 (a x cos ) 2 ) ( x 2 2 a 2 2 2 ax cos 2 x 2 cos 2 ) 2 2 Находим производные: T d T T m x ; m x; m( 2 a cos 2 x cos 2 ) x x dt x Обобщенная сила Подставив производные и (3.3) в уравнение Лагранжа приходим к дифференциальному уравнению, которое совпадает с уравнением И1 x 2 x cos 2 g cos 2 a cos 0 (3.4) 2. Реакцию тела на точку найдем из теоремы об изменении кинетической энергии точки. где N- мощность физических сил, приложенных к точке, в переносном и в относительном движениях точки. Физических сил, имеющих проекцию на ось нет, поэтому Во вращательном переносном движении точки мощность реакции вычисляем через момент В соответствии с Рис. T T x T x m x x m( 2 a cos 2 x cos 2 ) x N z (a x cos ) x mg cos x x Из дифференциального уравнения (3.4) x 2 x cos 2 g cos 2 a cos Выполним следующие преобразования: m x( 2 x cos 2 g cos 2 a cos ) m( 2 a cos 2 x cos 2 ) x N z (a x cos ) x mg cos 2m x( 2 x cos 2 2 a cos ) N z (a x cos ) 2m x cos ( x cos a ) N z (a x cos ) N z 2m x cos Находим результат, совпадающий с результатом И1 N z 2 20 (1) 2 x 20 2 x Н 2 (3.5) Задача Б Тело вращается из состояния покоя под действием момента . Самодвижущийся экипаж М, принимаемый за точку массы m, движется без сопротивления по закону за счет силы сцепления с телом. Найти 1. Закон угловой скорости тела и ее значение в момент, когда точка покидает тело. 2. Закон силы сцепления точки с телом, обеспечивающей заданное движение точки 3. Закон силы реакции тела на точку и ее значение в момент вылета точки с тела. 4. В задаче А найти закон вращательного момента , обеспечивающий равномерное вращение тела 3 7.12 Задание И4. Уравнения Лагранжа. 1. Найдем закон изменения угловой скорости из уравнения Лагранжа Кинетическая энергия системы складывается из энергии пластины и точки T Tпл TM J пл 2 m 2 mпл a 2 2 m v (( x) 2 (h ) 2 2 2 6 2 8 m mпл 2 [ x 2 2 (a x cos ) 2 ] 3 2 Подставив данные задачи, находим (4.2) 2 8 2 2 4 2 3 T 1036t 4 (3 2t ) 3 2 Обобщенная сила Qφ = M = -4t2 - 3 T 0; (4.3) (4.4) 2 16 2 16 20 4 (3 2t 3 ) 20 (20,5 12 2 (6 8 2 )t 3 2t 6 ) 3 2 3 T (75,89 346,27t 3 40t 6 ) Интегрируем теорему об изменении кинетического момента K M 4t 2 3 Получаем 4 3 K t 3t 3 T 4 3 t 3t 3 Приходим к тому же результату, что и в И2 (И2 ещё не решено) Сравнить 4 3 t 3t 3 75,89 346,27t 3 40t 6 В момент, когда точка покидает тело. x1 3 2t1 0; 3 t1 3 3 с 2 тогда 1 2 3,43 5,43 0.0154 c 1 75,89 346,27 1,5 40 2,25 353,52 Задача Б Тело вращается из состояния покоя под действием момента . Самодвижущийся экипаж М, принимаемый за точку массы m, движется без сопротивления по закону за счет силы сцепления с телом. Найти 5. Закон угловой скорости тела и ее значение в момент, когда точка покидает тело. 6. Закон силы сцепления точки с телом, обеспечивающей заданное движение точки 7. Закон силы реакции тела на точку и ее значение в момент вылета точки с тела. 8. В задаче А найти закон вращательного момента , обеспечивающий равномерное вращение тела Задание И2. Теорема об изменении кинетического момента. Дифференциальное уравнение вращения тела. Условие равномерного вращения. 1. Найдем закон изменения угловой скорости тела из теоремы об изменении кинетического момента относительно оси вращения тела. Кинетический момент системы равняется кинетическому моменту пластины с зафиксированной на ней в текущий момент точкой М. Момент пластины: m a 2 16 J пл пл 5,3 кг м 2 (2.2) 3 3 Момент инерции точки в текущем положении J m m(a x cos ) 2 m(a (3 2t 3 ) cos ) 2 20(20,5 12 2 (6 8 2 )t 3 2t 6 ) 70,59 346,27t 3 40t 6 кг м 2 Итак J J пл J m 75,89 346,27t 3 40t 6 кг м 2 Кинетический момент системы равен: (2.3) K z (75,89 346,27t 3 40t 6 ) (2.4) Интегрируем теорему об изменении кинетического момента K z M z 4t 2 3; Получаем 4 3 Kz t 3t ; (2.5) 3 Иначе 4 3 (75,89 346,27t 3 40t 6 ) t 3t 3 Отсюда находим закон угловой скорости тела 4 3 t 3t 3 (2.6) 75,89 346,27t 3 40t 6 В момент, когда точка покидает тело. x1 3 2t13 0; t1 3 4 3 3 3 3 3 5,43 3 2 2 с; 0.0154 c 1 2 75,89 346,27 1,5 40 2,25 353,52 2. Найдем закон изменения движущей силы сцепления (2.7) , которая создается мотором экипажа и обеспечивает заданное движение точки по телу. С учетом силы дифференциальное уравнение относительного движения точки (1.2) приобретает вид mx m 2 (a x cos ) cos mg cos Fсц (2.8) Отсюда находим закон изменения силы Fсц (t ) mx m 2 (a x cos ) cos mg cos 168 240t 20t 3 3. Силу реакции (2.9) точки на тело найдем из дифференциального уравнения вращения тела. J пл M z N z (a x cos ) (2.10) Или J пл 4t 2 3 N z (4 x 2 ) 2 (2.11) Отсюда Nz J пл 4t 2 3 (2.12) 2 4x 2 Дифференцируя закон угловой скорости , получаем: (4t 2 3)(75,89 346,27t 3 40t 6 ) (1038.81t 2 240t 5 )( Таким образом (75,89 346,27t 3 40t 6 ) 2 4 3 t 3t ) 3 (2.13) 5,3 (4t 2 3)(75,89 346,27t 3 40t 6 ) (1038.81t 2 240t 5 )( (75,89 346,27t 3 40t 6 ) 2 Nz (2.14) 2 4 x 2 В момент вылета точки x1 0; t1 3 N z 5,3 4 3 t 3t ) 3 4t 2 3 3 с и 2 (4t 2 3)(75,89 346,27t 3 40t 6 ) (1038.81t 2 240t 5 )( 4 3 t 3t ) 3 3 t2 4 4 (75,89 346,27t 3 40t 6 ) 2 (4 1,31 3)(75,89 346,27 1,5 40 2,25) (1038.81 1,31 240 1,97)( 2 3,43) 5,3 1,31 0,75 4 (75,89 346,27 1,5 40 2,25) 2 2,04 Н (2.15) 4. В задаче А тело вращается равномерно, значит сумма моментов всех сил, действующих на тело, равна нулю. На тело, кроме момента действует сила давления, обратная по направлению силе , найденной в задаче А N z 2mx cos Ее момент относительно оси z равен M N N z (a x cos ) Приравнивая сумму моментов нулю M z M N 0 (2.16) находим закон изменения вращательного момента, поддерживающий постоянную угловую скорость тела 2 Нм (2.17) M z 2mx cos (a x cos ) 20 2 x 4 x 2 где законы относительного движения и скорости точки являются известными функциями времени (1.5) Задача Б Тело вращается из состояния покоя под действием момента . Самодвижущийся экипаж М, принимаемый за точку массы m, движется без сопротивления по закону за счет силы сцепления с телом. Найти 9. Закон угловой скорости тела и ее значение в момент, когда точка покидает тело. 10. Закон силы сцепления точки с телом, обеспечивающей заданное движение точки 11. Закон силы реакции тела на точку и ее значение в момент вылета точки с тела. 12. В задаче А найти закон вращательного момента , обеспечивающий равномерное вращение тела Задание И4. Уравнения Лагранжа. 2. Найдем закон изменения угловой скорости из уравнения Лагранжа Кинетическая энергия системы складывается из энергии пластины и точки J пл 2 m 2 mпл a 2 2 m T Tпл TM v (( x) 2 (h ) 2 2 2 6 2 8 m mпл 2 [ x 2 2 (a x cos ) 2 ] (4.2) 3 2 Подставив данные задачи, находим 2 8 2 2 4 2 3 T 1036t 4 (3 2t ) 3 2 Обобщенная сила Qφ = M = -4t2 - 3 T 0; (4.3) (4.4) 2 16 2 16 3 20 4 ( 3 2 t ) 20 (20,5 12 2 (6 8 2 )t 3 2t 6 ) 3 2 3 T (75,89 346,27t 3 40t 6 ) Интегрируем теорему об изменении кинетического момента K M 4t 2 3 Получаем 4 3 K t 3t 3 T 4 3 t 3t 3 Приходим к тому же результату, что и в И2 (И2 ещё не решено) 4 3 t 3t 3 75,89 346,27t 3 40t 6 В момент, когда точка покидает тело. x1 3 2t1 0; 3 t1 3 3 с 2 тогда 1 2 3,43 5,43 0.0154 c 1 75,89 346,27 1,5 40 2,25 353,52 Задача В Тело и точка движутся свободно из начального состояния. Система имеет 2 степени свободы. Координаты и являются неизвестными функциями времени. Найти: 1. Методом Лагранжа дифференциальные уравнения движения системы и циклические интегралы, если они существуют 2. Дифференциальное уравнение относительного движения точки в задаче А 3. Закон изменения угловой скорости тела в задаче Б 4. Общую зависимость реакции тела на точку. Ее выражение для задачи А. Задание И5. Уравнения Лагранжа. Теорема об изменении кинетической энергии в переносном движении 1. Дифференциальные уравнения движения системы найдем из уравнений Лагранжа. За обобщенные координаты выберем x и φ. Запишем соответствующие уравнения Лагранжа: Выражение кинетической энергии системы (4.2) позаимствуем из задания И4 J пл 2 m 2 mпл a 2 2 m T Tпл TM v (( x) 2 (h ) 2 2 2 6 2 8 m mпл 2 [ x 2 2 (a x cos ) 2 ] (5.2) 3 2 Производные по : d T T mx; m( x cos 2 a cos ) 2 ; (5.3) dt x x Обобщенная сила Qx = -mgcosα (5.4) Подставив (5.3) и (5.4) в (5.1) получаем дифференциальное уравнение по : x ( x cos 2 a cos ) 2 g cos (5.5) Поскольку. то является циклической координатой, и ей соответствует циклический интеграл дифференциального уравнения по T (325,3 80 x 2 10 x 2 ) const (5.7) Покажем, что циклический интеграл выражает факт сохранение кинетического момента системы относительно оси z. Согласно формуле (2.1) задания И2 K z ( J пл J m ) (5,3 m(a x cos ) 2 ) Подстановка данных задачи дает K z (325,3 80 x 2 10 x 2 ) (5.8) что в точности совпадает с выражением (5.7). Значит (5.7) действительно выражает факт сохранение кинетического момента системы относительно оси z. Ввиду начального покоя системы Производная от (5.7) приводит к дифференциальному уравнению по K (325,3 80 x 2 10 x 2 ) 20x ( x 2 ) 0 (5.10) z 2. Проверим уравнение относительного движения точки (1.2) в условиях задачи А. При подстановке условий задачи А: 1 const в (5.5) получаем точно такое же уравнение, как в задаче А 1 x x 5 2 2 2 7 2 (5.11) 2 3. Проверим закон угловой скорости тела, найденный в условиях задачи Б При подстановке условий задачи Б при отсутствии момента : x = 3 - 2t3 в (5.7) получаем тот же закон угловой скорости (75,89 346,27t 3 40t 6 ) K z 0 или 0 (5.12) что и в задании И2 при отсутствии момента. 4. Общее выражение зависимости реакции тела на точку найдем из теоремы об изменении кинетической энергии точки в переносном движении Здесь использовано разложение выражения кинетической энергии точки Т на слагаемые по степеням относительной скорости. Справа стоит мощность внешних сил (они здесь состоят из одной реакции на переносном движении точки. m 2 2 [ x (a x cos ) 2 ] T2 T1 T0 2 Кинетическая энергия Т не содержит времени t, поэтому TM Энергия , содержащая Энергия содержащая в нулевой степени и ее производная 2 T0 m ( x cos a) 2 ; 2T0 2m 2 x ( x cos a) 2 (5.14) в первой степени и ее производная Мощность реакции в переносном движении точки N y ve N y(a x cos ) (5.18) (5.17) После подстановки в теорему (5.13) получаем N y(a x cos ) 2m 2 x( x cos a) N y 2m x cos (5.19) Проверим выражение (для реакции в условиях задачи А, где: 1 const Подставив эти условия в (5.19), получаем N y 2m x cos получаем то же выражение (1.8) N y 20 2 x что и в задании И1.